树形dp
文章目录
树形dp概述树形dp + 路径问题树的最长路径思路代码
树的中心换根DP思路代码
数字转换思路代码
树形dp + 有依赖的背包二叉苹果树思路代码
树形dp + 状态机没有上司的舞会思路代码
战略游戏思路代码
皇宫看守思路代码
总结
概述
树形 DP,即在树上进行的 DP。由于树固有的递归性质,树形 DP 一般都是递归进行的。 在树上设计动态规划算法时,一般就以节点从深到浅(子树从小到大)的顺序作为DP的“阶段”,DP的状态表示中,第一维通常是节点编号(代表以该节点为根的子树)。
自底向上dfs,属于树的后序遍历
树形dp + 路径问题
树的最长路径
给定一棵树,树中包含 n 个结点(编号1~n)和 n−1 条无向边,每条边都有一个权值。
现在请你找到树中的一条最长路径。
换句话说,要找到一条路径,使得使得路径两端的点的距离最远。
注意:路径中可以只包含一个点。
输入格式 第一行包含整数 n。
接下来 n−1 行,每行包含三个整数 ai,bi,ci,表示点 ai 和 bi 之间存在一条权值为 ci 的边。
输出格式 输出一个整数,表示树的最长路径的长度。
数据范围 1≤n≤10000, 1≤ai,bi≤n, −105≤ci≤105 输入样例: 6 5 1 6 1 4 5 6 3 9 2 6 8 6 1 7 输出样例: 22
思路
枚举路径的中间节点 我们先讨论一下,对于给定拓扑结构的树里的任意节点,经过他的路径有哪些: 观察我标出的 红色节点,那么经过他的路径有: 以其 子树中的某个节点 作为 起点,以他作为 终点 的 粉色路径 以其 子树中的某个节点 作为 起点,以 子树中的某个节点 作为 终点 的 蓝色路径 以其 子树中的某个节点 作为 起点,以 非其子树的节点 作为 终点 的 橙色路径 对于第 1 种情况,我们可以直接递归处理其子树,找出到当前子树根节点最长的路径长度即可 对于第 2种情况,我们在处理第 1 种情况时,顺便找出 1类路径的 次长路径 把 最长 和 次长 拼在一起,就是我们要的第 2 种情况 而对于第 3 种情况,我们可以把它归类为其 祖先节点 的第 1,2种情况,让其 祖先节点去处理即可
代码
N, M = 10010, 10010 * 2
h = [-1] * N
e = [0] * M
w = [0] * M
ne = [-1] * M
idx = 0
d1, d2 = [0] * N, [0] * N
ans = 0
def add(a, b, c) :
global idx
e[idx] = b
w[idx] = c
ne[idx] = h[a]
h[a] = idx
idx += 1
def dfs(u, father) :
global ans
i = h[u]
while i != -1 :
j = e[i]
if j != father
dfs(j, u)
#最长路径和次长路径的逻辑
if d1[u] <= d1[j] + w[i] :
d1[u], d2[u] = d1[j] + w[i], d1[u]
elif d2[u] < d1[j] + w[i] :
d2[u] = d1[j] + w[i]
i = ne[i]
ans = max(ans, d1[u] + d2[u]) #找到以u为中心的最长路径
n = int(input())
for i in range(n - 1) :
a, b, c = map(int, input().split())
add(a, b, c), add(b, a, c) #无向边
dfs(1, -1)#任意取一个点为根节点
print(ans)
树的中心
给定一棵树,树中包含 n 个结点(编号1~n)和 n−1 条无向边,每条边都有一个权值。
请你在树中找到一个点,使得该点到树中其他结点的最远距离最近。
输入格式 第一行包含整数 n。
接下来 n−1 行,每行包含三个整数 ai,bi,ci,表示点 ai 和 bi 之间存在一条权值为 ci 的边。
输出格式 输出一个整数,表示所求点到树中其他结点的最远距离。
数据范围 1≤n≤10000, 1≤ai,bi≤n, 1≤ci≤105 输入样例: 5 2 1 1 3 2 1 4 3 1 5 1 1 输出样例: 2
换根DP
此类题目特点是,给定一个树形结构,需要以每个节点为根进行一系列统计。我们一般通过两次扫描来求解此类题目。
第一次扫描时,任取一个点为根,在“有根树”上执行一次树形DP,也就是在回溯时发生的、自底向上的状态转移。第二次扫描时,从刚才选出的根出发,对整棵树执行一次深度优先遍历,在每次递归前进行自顶向下的推导,计算出“换根”后的解。
思路
在确定树的 拓扑结构 后单独求一个节点的 最远距离时,会在该树上去比较哪些路径呢?
从当前节点往下,直到子树中某个节点的最长路径从当前节点往上走到其父节点,再从其父节点出发且不回到该节点的最长路径
第一次扫描,任取一个点为根,进行一次树形DP,处理出当前子树对于根的最大距离和次大距离第二次扫描,从刚才选出的根出发,对整棵树执行一次深度优先遍历,求解出每个节点的父节点子树到当前节点的最大距离
如图第二次扫描时,求解父节点的子树到5节点的距离时,需要考虑三种情况,1、父节点的子树到5节点的距离最长,即up[5],2、父节点子树的最长距离到节点5的距离最长,且与节点5最长距离不同路径,3、父节点子树的最长距离到节点5的距离最长,但与节点5最长距离同路径。 我们需要保存每个节点最长距离的子节点的编号
代码
N, M = 10010, 20010
h = [-1] * N
e = [0] * M
w = [0] * M
ne = [-1] * M
idx = 0
d1, d2, s, up= [0] * N, [0] * N, [0] * N, [0] * N
def add(a, b, c) :
global idx
e[idx] = b
w[idx] = c
ne[idx] = h[a]
h[a] = idx
idx += 1
#记录每个节点的最长距离和次长距离,以及最长距离的子节点编号
def dfs_d(u, father) :
i = h[u]
while ~ i :
j = e[i]
if j != father :
dfs_d(j, u)
if d1[u] <= d1[j] + w[i] :
d1[u], d2[u], s[u] = d1[j] + w[i], d1[u], j
elif d2[u] < d1[j] + w[i] :
d2[u] = d1[j] + w[i]
i = ne[i]
# 处理每个节点途经父节点的最长距离
def dfs_u(u, father) :
i = h[u]
while ~ i :
j = e[i]
if j != father :
if j != s[u] : up[j] = max(up[u], d1[u]) + w[i]
else : up[j] = max(up[u], d2[u]) + w[i]
dfs_u(j, u)
i = ne[i]
n = int(input())
for i in range(n - 1) :
a, b, c = map(int, input().split())
add(a, b, c), add(b, a, c)
dfs_d(1, -1) # 任取一个点为根
dfs_u(1, -1) # 从刚才选出的根出发,对整棵树执行一次深度优先遍历
res = 10000010
for i in range(1, n + 1) :
res = min(res, max(d1[i], up[i]))
print(res)
数字转换
如果一个数 x 的约数之和 y(不包括他本身)比他本身小,那么 x 可以变成 y,y 也可以变成 x。
例如,4 可以变为 3,1 可以变为 7。
限定所有数字变换在不超过 n 的正整数范围内进行,求不断进行数字变换且不出现重复数字的最多变换步数。
输入格式 输入一个正整数 n。
输出格式 输出不断进行数字变换且不出现重复数字的最多变换步数。
数据范围 1≤n≤50000 输入样例: 7 输出样例: 3 样例解释 一种方案为:4→3→1→7。
思路
根据题意,单看一个数字 xx,那么他能转换到的数有:
x的约数之和 x′(x′ 代码 N = 50010 h = [-1] * N e = [0] * N ne = [-1] * N idx = 0 cumu = [0] * N st = [False] * N ans = 0 d1, d2 = [0] * N, [0] * N def add(a, b) : global idx e[idx] = b ne[idx] = h[a] h[a] = idx idx += 1 def dfs(u) : #求最长路径 global ans i = h[u] while ~ i : j = e[i] dfs(j) if d1[u] <= d1[j] + 1 : d1[u], d2[u] = d1[j] + 1, d1[u] elif d2[u] < d1[j] + 1 : d2[u] = d1[j] + 1 i = ne[i] ans = max(ans, d1[u] + d2[u]) n = int(input()) # 筛法求约数 for i in range(1, n + 1) : #枚举所有两两相乘的情况,记录其中约数,除去本身 for j in range(2, n // i + 1) : cumu[i * j] += i for i in range(2, n + 1) : #1没有父节点 if i > cumu[i] : add(cumu[i], i) st[i] = True for i in range(1, n + 1) : if not st[i] : #枚举根节点 dfs(i) print(ans) 树形dp + 有依赖的背包 二叉苹果树 有一棵二叉苹果树,如果树枝有分叉,一定是分两叉,即没有只有一个儿子的节点。 这棵树共 N 个节点,编号为 1 至 N,树根编号一定为 1。 我们用一根树枝两端连接的节点编号描述一根树枝的位置。 一棵苹果树的树枝太多了,需要剪枝。但是一些树枝上长有苹果,给定需要保留的树枝数量,求最多能留住多少苹果。 这里的保留是指最终与1号点连通。 输入格式 第一行包含两个整数 N 和 Q,分别表示树的节点数以及要保留的树枝数量。 接下来 N−1 行描述树枝信息,每行三个整数,前两个是它连接的节点的编号,第三个数是这根树枝上苹果数量。 输出格式 输出仅一行,表示最多能留住的苹果的数量。 数据范围 1≤Q 输入样例: 5 2 1 3 1 1 4 10 2 3 20 3 5 20 输出样例: 21 思路 状态表示: 集合:设f[x, t]表示在以x为根的子树中选t个树枝能够保留的苹果数的集合 属性:集合中的苹果数的最大值 状态计算: 设x的子节点集合为Son(x),子节点个数 p = ∣ S o n ( x ) ∣ p = |Son(x)| p=∣Son(x)∣。保留x这个节点后,对于x的每个节点 y i ∈ S o n ( x ) y_i \in Son(x) yi∈Son(x),我们可以在以 y i y_i yi根节点的子树上选择保留若干节点(记数量为 c i c_i ci),在满足 ∑ i = 1 p c i = t \sum_{i=1}^pc_i = t ∑i=1pci=t f [ x , t ] = m a x ( ∑ i = 1 p f [ y i , c i ] ) + w [ x , y i ] , ( ∑ i = 1 p c i = t ) f[x, t] = max(\sum_{i=1}^pf[y_i, c_i]) + w[x, y _ i], \ ( \sum_{i = 1}^pc_i = t) f[x,t]=max(i=1∑pf[yi,ci])+w[x,yi], (i=1∑pci=t) 该方程其实是一个分组背包模型。有 p = ∣ S o n ( x ) ∣ p = |Son(x)| p=∣Son(x)∣组物品,每组物品都有t个,其中第i组的第j个物品的体积为j,价值为 f [ y i , j ] f[y_i, j] f[yi,j],背包的总体积为t。 代码 N, M = 110, 210 h = [-1] * N e = [0] * M ne = [0] * M w = [0] * M idx = 0 f = [[0] * N for _ in range(N)] def add(a, b, c) : global idx e[idx] = b w[idx] = c ne[idx] = h[a] h[a] = idx idx += 1 def dfs(u, father) : i = h[u] while ~ i : #枚举物品组 ver = e[i] if ver != father : dfs(ver, u) for j in range(m, -1, -1) : #枚举体积 for k in range(j) : #枚举物品组中的体积,枚举边数 f[u][j] = max(f[u][j], f[u][j - k - 1] + f[ver][k] + w[i]) i = ne[i] n, m = map(int,input().split()) for i in range(n - 1) : a, b, c = map(int, input().split()) add(a, b, c), add(b, a, c) dfs(1, -1) print(f[1][m]) 树形dp + 状态机 没有上司的舞会 Ural 大学有 N 名职员,编号为 1∼N。 他们的关系就像一棵以校长为根的树,父节点就是子节点的直接上司。 每个职员有一个快乐指数,用整数 Hi 给出,其中 1≤i≤N。 现在要召开一场周年庆宴会,不过,没有职员愿意和直接上司一起参会。 在满足这个条件的前提下,主办方希望邀请一部分职员参会,使得所有参会职员的快乐指数总和最大,求这个最大值。 输入格式 第一行一个整数 N。 接下来 N 行,第 i 行表示 i 号职员的快乐指数 Hi。 接下来 N−1 行,每行输入一对整数 L,K,表示 K 是 L 的直接上司。 输出格式 输出最大的快乐指数。 数据范围 1≤N≤6000, −128≤Hi≤127 输入样例: 7 1 1 1 1 1 1 1 1 3 2 3 6 4 7 4 4 5 3 5 输出样例: 5 思路 状态机模型 #mermaid-svg-tQGbs6OpoDr7hmkk {font-family:"trebuchet ms",verdana,arial,sans-serif;font-size:16px;fill:#333;}#mermaid-svg-tQGbs6OpoDr7hmkk .error-icon{fill:#552222;}#mermaid-svg-tQGbs6OpoDr7hmkk .error-text{fill:#552222;stroke:#552222;}#mermaid-svg-tQGbs6OpoDr7hmkk .edge-thickness-normal{stroke-width:2px;}#mermaid-svg-tQGbs6OpoDr7hmkk 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.path{stroke:#333333;stroke-width:2.0px;}#mermaid-svg-6Uf4BHFl214bbY3z .flowchart-link{stroke:#333333;fill:none;}#mermaid-svg-6Uf4BHFl214bbY3z .edgeLabel{background-color:#e8e8e8;text-align:center;}#mermaid-svg-6Uf4BHFl214bbY3z .edgeLabel rect{opacity:0.5;background-color:#e8e8e8;fill:#e8e8e8;}#mermaid-svg-6Uf4BHFl214bbY3z .cluster rect{fill:#ffffde;stroke:#aaaa33;stroke-width:1px;}#mermaid-svg-6Uf4BHFl214bbY3z .cluster text{fill:#333;}#mermaid-svg-6Uf4BHFl214bbY3z .cluster span{color:#333;}#mermaid-svg-6Uf4BHFl214bbY3z div.mermaidTooltip{position:absolute;text-align:center;max-width:200px;padding:2px;font-family:"trebuchet ms",verdana,arial,sans-serif;font-size:12px;background:hsl(80, 100%, 96.2745098039%);border:1px solid #aaaa33;border-radius:2px;pointer-events:none;z-index:100;}#mermaid-svg-6Uf4BHFl214bbY3z :root{--mermaid-font-family:"trebuchet ms",verdana,arial,sans-serif;} 动态规划 状态表示 集合 f[u, 0]:以u做根节点不取u节点的树的最大快乐值 f[u, 1]:以u做根节点取u节点的树的最大快乐值 属性:max 状态计算:以u作根节点的最大快乐值 max(f[u, 0], f[u, 1]) f[u][0] += max f[j][0],f[j][1],j为u的子节点 f[u][1] += f[j][0] 代码 import sys N = 6010 sys.setrecursionlimit(N) h = [-1] * N e = [-1] * N ne = [-1] * N idx = 0 happy = [0] * N has_fa = [False] * N f = [[0, 0] for _ in range(N)] def add(a, b) : global idx e[idx] = b ne[idx] = h[a] h[a] = idx idx += 1 def dfs(u) : f[u][1] = happy[u] i = h[u] while i != -1 : j = e[i] dfs(j) f[u][0] += max(f[j][0], f[j][1]) f[u][1] += f[j][0] i = ne[i] n = int(input()) for i in range(1, n + 1) : happy[i] = int(input()) for i in range(n - 1) : a, b = map(int, input().split()) add(b, a) has_fa[a] = True root = 1 while has_fa[root] : root += 1 dfs(root) print(max(f[root][0], f[root][1])) 战略游戏 鲍勃喜欢玩电脑游戏,特别是战略游戏,但有时他找不到解决问题的方法,这让他很伤心。 现在他有以下问题。 他必须保护一座中世纪城市,这条城市的道路构成了一棵树。 每个节点上的士兵可以观察到所有和这个点相连的边。 他必须在节点上放置最少数量的士兵,以便他们可以观察到所有的边。 你能帮助他吗? 例如,下面的树: 只需要放置 1 名士兵(在节点 1 处),就可观察到所有的边。 输入格式 输入包含多组测试数据,每组测试数据用以描述一棵树。 对于每组测试数据,第一行包含整数 N,表示树的节点数目。 接下来 N 行,每行按如下方法描述一个节点。 节点编号:(子节点数目) 子节点 子节点 … 节点编号从 0 到 N−1,每个节点的子节点数量均不超过 10,每个边在输入数据中只出现一次。 输出格式 对于每组测试数据,输出一个占据一行的结果,表示最少需要的士兵数。 数据范围 0 输入样例: 4 0:(1) 1 1:(2) 2 3 2:(0) 3:(0) 5 3:(3) 1 4 2 1:(1) 0 2:(0) 0:(0) 4:(0) 输出样例: 1 2 思路 状态机模型: #mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR {font-family:"trebuchet ms",verdana,arial,sans-serif;font-size:16px;fill:#333;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .error-icon{fill:#552222;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .error-text{fill:#552222;stroke:#552222;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .edge-thickness-normal{stroke-width:2px;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .edge-thickness-thick{stroke-width:3.5px;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .edge-pattern-solid{stroke-dasharray:0;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .edge-pattern-dashed{stroke-dasharray:3;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .edge-pattern-dotted{stroke-dasharray:2;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .marker{fill:#333333;stroke:#333333;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .marker.cross{stroke:#333333;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR svg{font-family:"trebuchet ms",verdana,arial,sans-serif;font-size:16px;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .label{font-family:"trebuchet ms",verdana,arial,sans-serif;color:#333;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .cluster-label text{fill:#333;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .cluster-label span{color:#333;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .label text,#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR span{fill:#333;color:#333;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .node rect,#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .node circle,#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .node ellipse,#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .node polygon,#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .node path{fill:#ECECFF;stroke:#9370DB;stroke-width:1px;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .node .label{text-align:center;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .node.clickable{cursor:pointer;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .arrowheadPath{fill:#333333;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .edgePath .path{stroke:#333333;stroke-width:2.0px;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .flowchart-link{stroke:#333333;fill:none;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .edgeLabel{background-color:#e8e8e8;text-align:center;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .edgeLabel rect{opacity:0.5;background-color:#e8e8e8;fill:#e8e8e8;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .cluster rect{fill:#ffffde;stroke:#aaaa33;stroke-width:1px;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .cluster text{fill:#333;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR .cluster span{color:#333;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR div.mermaidTooltip{position:absolute;text-align:center;max-width:200px;padding:2px;font-family:"trebuchet ms",verdana,arial,sans-serif;font-size:12px;background:hsl(80, 100%, 96.2745098039%);border:1px solid #aaaa33;border-radius:2px;pointer-events:none;z-index:100;}#mermaid-svg-uWeYb6LzZYcI9dKR :root{--mermaid-font-family:"trebuchet ms",verdana,arial,sans-serif;} 1:放士兵 0:不放士兵 状态表示: 集合:f[x, 0]表示从以x为根的子树中,一部分节点安排士兵,并且x节点不安排士兵的士兵数的集合 f[x, 1]表示从以x为根的子树中,一部分节点安排士兵,并且x节点安排士兵的士兵数的集合 属性:士兵数的最小值 状态计算: f [ x , 1 ] = ∑ s ∈ S o n ( x ) m i n ( f [ s , 0 ] , f [ s , 1 ] ) + 1 f [ x , 0 ] = ∑ s ∈ S o n ( x ) f [ s , 1 ] f[x, 1] = \sum_{s \in Son(x)} min(f[s, 0], f[s, 1]) + 1\\f[x, 0] = \sum_{s \in Son(x)}f[s, 1] f[x,1]=s∈Son(x)∑min(f[s,0],f[s,1])+1f[x,0]=s∈Son(x)∑f[s,1] 代码 import sys sys.setrecursionlimit(6000) N = 1510 e = [0] * N ne = [-1] * N def add(a, b) : global idx e[idx] = b ne[idx] = h[a] h[a] = idx idx += 1 def dfs(u) : f[u][1] = 1 i = h[u] while ~ i : j = e[i] dfs(j) f[u][0] += f[j][1] f[u][1] += min(f[j][1], f[j][0]) i = ne[i] while True : try : n = int(input()) except : break h = [-1] * N st = [False] * N idx = 0 f = [[0] * 2 for _ in range(N)] for _ in range(n) : cmd = input().split(':') u = int(cmd[0]) for i in map(int, cmd[1].split(')')[1].split()) : add(u, i) st[i] = True root = 0 for i in range(n) : if not st[i] : root = i break dfs(root) print(min(f[root][0], f[root][1])) 皇宫看守 太平王世子事件后,陆小凤成了皇上特聘的御前一品侍卫。 皇宫各个宫殿的分布,呈一棵树的形状,宫殿可视为树中结点,两个宫殿之间如果存在道路直接相连,则该道路视为树中的一条边。 已知,在一个宫殿镇守的守卫不仅能够观察到本宫殿的状况,还能观察到与该宫殿直接存在道路相连的其他宫殿的状况。 大内保卫森严,三步一岗,五步一哨,每个宫殿都要有人全天候看守,在不同的宫殿安排看守所需的费用不同。 可是陆小凤手上的经费不足,无论如何也没法在每个宫殿都安置留守侍卫。 帮助陆小凤布置侍卫,在看守全部宫殿的前提下,使得花费的经费最少。 输入格式 输入中数据描述一棵树,描述如下: 第一行 n,表示树中结点的数目。 第二行至第 n+1 行,每行描述每个宫殿结点信息,依次为:该宫殿结点标号 i,在该宫殿安置侍卫所需的经费 k,该结点的子结点数 m,接下来 m 个数,分别是这个结点的 m 个子结点的标号 r1,r2,…,rm。 对于一个 n 个结点的树,结点标号在 1 到 n 之间,且标号不重复。 输出格式 输出一个整数,表示最少的经费。 数据范围 1≤n≤1500 输入样例: 6 1 30 3 2 3 4 2 16 2 5 6 3 5 0 4 4 0 5 11 0 6 5 0 输出样例: 25 样例解释: 在2、3、4结点安排护卫,可以观察到全部宫殿,所需经费最少,为 16 + 5 + 4 = 25。 思路 父节点 放置 哨兵,所有子节点都 可放可不放 哨兵 父节点 不放 哨兵,但是他至少有一个 子节点 放置哨兵,观察住了他 父节点 不放 哨兵,但 父节点 的 父节点 放置哨兵观察,则 子节点 可放可不放 哨兵 状态机模型 被父节点观察 ,不被自己观察(0)被子节点观察,不被自己观察(1)被自己来观察 (2) #mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays {font-family:"trebuchet ms",verdana,arial,sans-serif;font-size:16px;fill:#333;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .error-icon{fill:#552222;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .error-text{fill:#552222;stroke:#552222;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .edge-thickness-normal{stroke-width:2px;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .edge-thickness-thick{stroke-width:3.5px;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .edge-pattern-solid{stroke-dasharray:0;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .edge-pattern-dashed{stroke-dasharray:3;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .edge-pattern-dotted{stroke-dasharray:2;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .marker{fill:#333333;stroke:#333333;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .marker.cross{stroke:#333333;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays svg{font-family:"trebuchet ms",verdana,arial,sans-serif;font-size:16px;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .label{font-family:"trebuchet ms",verdana,arial,sans-serif;color:#333;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .cluster-label text{fill:#333;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .cluster-label span{color:#333;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .label text,#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays span{fill:#333;color:#333;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .node rect,#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .node circle,#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .node ellipse,#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .node polygon,#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .node path{fill:#ECECFF;stroke:#9370DB;stroke-width:1px;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .node .label{text-align:center;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .node.clickable{cursor:pointer;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .arrowheadPath{fill:#333333;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .edgePath .path{stroke:#333333;stroke-width:2.0px;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .flowchart-link{stroke:#333333;fill:none;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .edgeLabel{background-color:#e8e8e8;text-align:center;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .edgeLabel rect{opacity:0.5;background-color:#e8e8e8;fill:#e8e8e8;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .cluster rect{fill:#ffffde;stroke:#aaaa33;stroke-width:1px;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .cluster text{fill:#333;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays .cluster span{color:#333;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays div.mermaidTooltip{position:absolute;text-align:center;max-width:200px;padding:2px;font-family:"trebuchet ms",verdana,arial,sans-serif;font-size:12px;background:hsl(80, 100%, 96.2745098039%);border:1px solid #aaaa33;border-radius:2px;pointer-events:none;z-index:100;}#mermaid-svg-bB1F6X4o5lc3Bays :root{--mermaid-font-family:"trebuchet ms",verdana,arial,sans-serif;} 0 1 2 代码 import sys sys.setrecursionlimit(1510) N = 1510 st = [False] * N h = [-1] * N e = [0] * N ne = [-1] * N w = [0] * N idx = 0 f = [[0, 0, 0] for _ in range(N)] def add(a, b) : global idx e[idx] = b ne[idx] = h[a] h[a] = idx idx += 1 def dfs(u) : f[u][2] = w[u] i = h[u] while ~ i : j = e[i] dfs(j) #当前节点被父节点看管,并且不被自己看管,则子节点要么被自己看管要么被子节点的子节点看管 f[u][0] += min(f[j][1], f[j][2]) #当前节点被自己看管,则子节点可以自己看管也可以被父节点或子节点看管 f[u][2] += min(f[j][0], f[j][1], f[j][2]) i = ne[i] i = h[u] f[u][1] = int(1e9) while ~ i : j = e[i] '''当前节点被子节点看管,且不被自己看管 枚举被哪个子节点看管,此时当前节点一定被自己看管 ,其余子节点情况是可以被自己看管也可以被子节点的子节点看管,即 当前节点被父节点看管,并且不被自己看管,减去其中当前节点 自己看管也可以被子节点的子节点看管的最小值的情况 ''' f[u][1] = min(f[u][1], f[j][2] + f[u][0] - min(f[j][1], f[j][2])) i = ne[i] n = int(input()) for _ in range(n) : cmd = list(map(int, input().split())) ver = cmd[0] w[ver], son = cmd[1], cmd[3 : ] for i in son : add(ver, i) st[i] = True root = 0 for i in range(1, n + 1) : if not st[i] : root = i dfs(root) print(min(f[root][1], f[root][2])) 总结 树形dp,好难\doge //////////////////////////////////////////////////////////////////// // _ooOoo_ // // o8888888o // // 88" . "88 // // (| ^_^ |) // // O\ = /O // // ____/`---'\____ // // .' \\| |// `. // // / \\||| : |||// \ // // / _||||| -:- |||||- \ // // | | \\\ - /// | | // // | \_| ''\---/'' | | // // \ .-\__ `-` ___/-. / // // ___`. .' /--.--\ `. . ___ // // ."" '< `.___\_<|>_/___.' >'"". // // | | : `- \`.;`\ _ /`;.`/ - ` : | | // // \ \ `-. \_ __\ /__ _/ .-` / / // // ========`-.____`-.___\_____/___.-`____.-'======== // // `=---=' // // ^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^ // // 佛祖保佑 永无BUG 永不修改 // //////////////////////////////////////////////////////////////////// 精彩文章
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